Giải chi tiết Lời giải chi tiết Đề thi giữa kì 1 – Đề số 2 – Đề thi đề kiểm tra Toán lớp 10 Kết nối tri thức.
Câu hỏi/Đề bài:
I. PHẦN TRẮC NGHIỆM
|
1. D |
2. D |
3. A |
4. B |
5. B |
|
6. B |
7. A |
8. D |
9. D |
10. A |
|
11. C |
12. D |
13. D |
14. B |
15. C |
Câu 1:
Cách giải:
Tập hợp các số hữu tỉ: \(\mathbb{Q}\)
“\(\sqrt 2 \) không là số hữu tỉ” viết là: \(\sqrt 2 \notin \mathbb{Q}\)
Chọn D.
Câu 2:
Cách giải:
Mệnh đề “\(\forall x \in \mathbb{R},{x^2} > 4 \Rightarrow x > – 2\)” sai, chẳng hạn \(x = – 3\) thì \({x^2} > 4\) nhưng \(x < – 2\)
Mệnh đề “\(\forall x \in \mathbb{R},{x^2} > 4 \Rightarrow x > 2\)” sai, chẳng hạn \(x = – 3\) thì \({x^2} > 4\) nhưng \(x < 2\)
Mệnh đề “\(\forall x \in \mathbb{R},x > – 2 \Rightarrow {x^2} > 4\)” sai, chẳng hạn \(x = 0 > – 2\) nhưng \({x^2} < 4\)
Mệnh đề “\(\forall x \in \mathbb{R},x > 2 \Rightarrow {x^2} > 4\)” đúng
Chọn D.
Câu 3:
Hướng dẫn:
Cho A là tập hợp các số tự nhiên chẵn, \(B = \{ n \in \mathbb{N}|n \le 8\} \) và \(C = \{ n \in \mathbb{N}|2 \le n \le 5\} \).
Tìm tập hợp \(A \cap \left( {B \cup C} \right)\)
Cách giải:
\(A = \{ 0;2;4;6;8;…\} \)
\(B = \{ 0;1;2;3;4;5;6;7;8\} \)
\(C = \{ 2;3;4;5\} \).
Ta có: \(B \cup C = \{ 2;3;4;5\} = C \Rightarrow A \cap \left( {B \cup C} \right) = A \cap C = \{ 2;4\} \)
Chọn A.
Câu 4:
Cách giải:
+ Nếu \(m \ge 5\) thì \(A{\rm{\backslash }}B = ( – 2;5]{\rm{\backslash }}(m; + \infty ) = A = ( – 2;5]\), chứa 7 số nguyên là -1 ; 0 ;1 ;2 ;3 ;4 ;5 (nhiều hơn 3) nên ta loại trường hợp m > 5.
+ Để \(A{\rm{\backslash }}B \ne \emptyset \) thì m>-2. Xét trường hợp -2<m<5, khi đó \(A{\rm{\backslash }}B = ( – 2;5]{\rm{\backslash }}(m; + \infty ) = ( – 2;m]\)
Chứa 3 số nguyên -1 ;0 ;1 thì m=1.
Chọn B.
Câu 5:
Hướng dẫn:
Thay cặp số vào BPT, cặp số nào cho ta mệnh đề đúng thì cặp số đó là nghiệm của BPT đã cho.
Để chuẩn bị cho các tiết mục văn nghệ, lớp 10B cử ra 12 bạn tham gia tiết mục múa và 7 bạn vào tiết mục hát. Biết rằng có 3 bạn tham gia cả hai tiết mục và 22 bạn không tham gia văn nghệ. Số học sinh lớp 10B là:
Gọi A là tập hợp các học sinh tham gia tiết mục múa.
B là là tập hợp các học sinh tham gia tiết mục hát.
Cách giải:
Gọi A là tập hợp các học sinh tham gia tiết mục múa.
B là là tập hợp các học sinh tham gia tiết mục hát.
Suy ra : \(A \cup B\) là tập hợp các học sinh tham gia văn nghệ.
\(A \cap B\) là tập hợp các học sinh tham gia cả hai tiết mục.
Ta có : \(n(A) = 12;n(B) = 7;n(A \cap B) = 3\)
\( \Rightarrow \) Số học sinh tham gia văn nghệ là : \(n(A \cup B) = n(A) + n(B) – n(A \cap B) = 12 + 7 – 3 = 16\) (học sinh)
Số học sinh lớp 10B (gồm học sinh tham gia văn nghệ và các học sinh không tham gia văn nghệ) là : \(16 + 22 = 38\) (học sinh)
Chọn B.
Câu 6:
Hướng dẫn:
Xác định đường thẳng \(x – 2y = 4\) và xét một điểm (không thuộc đường thẳng) xem có thuộc miền nghiệm hay không.
Cách giải:
Đường thẳng \(x – 2y = 4\) đi qua điểm có tọa độ (4;0) và (0; -2) => Loại C, D.
Xét điểm O(0;0), ta có: \(0 – 2.0 = 0 < 4\) nên O không thuộc miền nghiệm.
Chọn B.
Câu 7:
Hướng dẫn:
Bước 1: Biểu diễn miền nghiệm, xác định các đỉnh của miền nghiệm
Bước 2: Thay tọa độ các đỉnh vào \(F(x;y) = x – 3y\), kết luận giá trị nhỏ nhất.
Cách giải:
Xét hệ bất phương trình \(\left\{ \begin{array}{l}x \ge 0\\0 \le y \le 5\\x + y – 2 \ge 0\\3x – y \le 6\end{array} \right.\)
Biểu diễn miền nghiệm của hệ, ta được
Miền nghiệm là miền tứ giác ABCD trong đó \(A\left( {0;2} \right),{\rm{ }}B\left( {0;5} \right),{\rm{ }}C\left( {\frac{{11}}{3};5} \right),D(2;0)\)
Thay tọa độ các điểm A, B, C, D vào \(F(x;y) = x – 3y\) ta được
\(F(0;2) = 0 – 3.2 = – 6\)
\(F(0;5) = 0 – 3.5 = – 15\)
\(F\left( {\frac{{11}}{3};5} \right) = \frac{{11}}{3} – 3.5 = – \frac{{34}}{3}\)
\(F(2;0) = 2 – 3.0 = 2\)
Vậy giá trị lớn nhất của F bằng 2.
Chọn A.
Câu 8:
Hướng dẫn:
Chia cả tử và mẫu của P cho cosx để làm xuất hiện tanx.
Cách giải:
Vì \(\tan x = 3\) nên \(\cos x \ne 0\)
Khi đó: \(P = \frac{{10\sin x + 13\cos x}}{{7\sin x – 8\cos x}} = \frac{{\frac{{10\sin x + 13\cos x}}{{\cos x}}}}{{\frac{{7\sin x – 8\cos x}}{{\cos x}}}} = \frac{{10\frac{{\sin x}}{{\cos x}} + 13}}{{7\frac{{\sin x}}{{\cos x}} – 8}}\)
\( = \frac{{10\tan x + 13}}{{7\tan x – 8}} = \frac{{10.3 + 13}}{{7.3 – 8}} = \frac{{43}}{{13}}\)
Chọn D.
Câu 9:
Hướng dẫn:
Áp dụng công thức: \(\cos 2\alpha = 2{\cos ^2}\alpha – 1;\sin 2\alpha = 2\sin \alpha \cos \alpha \)
Cách giải:
\(\begin{array}{l}A = \frac{{1 – \cos \alpha + \cos 2\alpha }}{{\sin 2\alpha – \sin \alpha }} = \frac{{1 – \cos \alpha + 2{{\cos }^2}\alpha – 1}}{{2\sin \alpha \cos \alpha – \sin \alpha }}\\ = \frac{{2{{\cos }^2}\alpha – \cos \alpha }}{{2\sin \alpha \cos \alpha – \sin \alpha }} = \frac{{\cos \alpha \left( {2\cos \alpha – 1} \right)}}{{\sin \alpha \left( {2\cos \alpha – 1} \right)}} = \frac{{\cos \alpha }}{{\sin \alpha }} = \cot \alpha \end{array}\)
Chọn D.
Câu 10:
Cách giải:
Ta có: \(\sin A\sin B = \cos C\)
Mà \(\cos C = – \cos ({180^ \circ } – C) = – \cos (A + B) = – \cos A\cos B + \sin A\sin B\)
\(\begin{array}{l} \Rightarrow \sin A\sin B = – \cos A\cos B + \sin A\sin B\\ \Leftrightarrow \cos A\cos B = 0\\ \Leftrightarrow \left[ \begin{array}{l}\cos A = 0\\\cos B = 0\end{array} \right.\\ \Leftrightarrow \left[ \begin{array}{l}\widehat A = {90^ \circ }\\\widehat B = {90^ \circ }\end{array} \right.\end{array}\)
Theo giải thiết, góc A nhọn nên \(\widehat B = {90^ \circ }\) hay tam giác ABC vuông tại B.
Khi đó: \(A{C^2} = A{B^2} + B{C^2}\), \(AC > AB\) (do AC là cạnh huyền), \(\cos C > 0\) (do \({0^ \circ } < \widehat C < {90^ \circ }\))
Chọn A.
Câu 11
Hướng dẫn:
Bước 1: Tính diện tích \(S = \sqrt {p(p – a)(p – b)(p – c)} \)
Bước 2: Tính bán kính \(R\) dựa vào công thức \(S = \frac{{abc}}{{4R}}\)
Cách giải:
Ta có \(a = 4,b = 5,c = 7 \Rightarrow p = \frac{{4 + 5 + 7}}{2} = 8\)
Suy ra diện tích tam giác ABC là: \(S = \sqrt {8.(8 – 4)(8 – 5)(8 – 7)} = 4\sqrt 6 \)
Bán kính đường tròn nội tiếp r của tam giác ABC bằng:
\(r = \frac{S}{p} = \frac{{4\sqrt 6 }}{8} = \frac{{\sqrt 6 }}{2}\)
Chọn C.
Câu 12:
Hướng dẫn:
Áp dụng định lí cos: \({a^2} = {b^2} + {c^2} – 2bc\cos A\)
Cách giải:
Ta có: \(c = 32,\widehat A = {70^o},b = 45\)
Áp dụng định lí cos trong tam giác ABC ta có:
\({a^2} = {b^2} + {c^2} – 2bc\cos A\)
\(\begin{array}{l} \Leftrightarrow {a^2} = {45^2} + {23^2} – 2.45.23\cos {70^ \circ } \approx 1846\\ \Rightarrow a = \sqrt {1846} \approx 43\end{array}\)
Vậy độ dài cạnh AC là khoảng 43.
Chọn D.
Câu 13.
Hướng dẫn:
Thay tọa độ điểm A vào hệ BPT, hệ nào cho ta các mệnh đề đúng thì điểm A thuộc miền nghiệm của hệ BPT đó.
Cách giải
+ Xét hệ \(\left\{ \begin{array}{l}x + 2y > 7\\3x – y 7\) sai nên A(1;2) không thuộc miền nghiệm của hệ BPT.
+ Xét hệ \(\left\{ \begin{array}{l}2x – y > 7\\x + y \le 3\end{array} \right.\), thay \(x = 1,y = 2\) ta được: \(2.1 – 2 > 7\) sai nên A(1;2) không thuộc miền nghiệm của hệ BPT.
+ Xét hệ \(\left\{ \begin{array}{l}3x + 4 \le 10\\4x – y > 3\end{array} \right.\), thay \(x = 1,y = 2\) ta được: \(4.1 – 2 > 3\) sai nên A(1;2) không thuộc miền nghiệm của hệ BPT.
+ Xét hệ \(\left\{ \begin{array}{l}2x + 5y > 8\\x – 3y \le 4\end{array} \right.\), thay \(x = 1,y = 2\) ta được: \(\left\{ \begin{array}{l}2.1 + 5.2 > 8\\1 – 3.2 \le 4\end{array} \right.\) đúng nên A(1;2) thuộc miền nghiệm của hệ BPT.
Chọn D.
Câu 14. Cho \({0^ \circ } < a,b < {90^ \circ }\) thỏa mãn: \(\sin {108^ \circ } = \sin ({10^ \circ } + a) = \cos (b – {10^ \circ })\). Tổng \(a + b\) là:
A. \(70\) B. \(90\) C. \(130\). D. \(170\).
Cách giải
Ta có: \(\sin {108^ \circ } = \sin ({180^ \circ } – {108^ \circ }) = \sin {72^ \circ }\)
\( \Rightarrow \sin {72^ \circ } = \sin ({10^ \circ } + a)\)
\( \Rightarrow {72^ \circ } = {10^ \circ } + a \Leftrightarrow a = {62^ \circ }\) (do \({0^ \circ } < a < {90^ \circ }\))
Tương tự, \(\sin {72^ \circ } = \cos ({90^ \circ } – {72^ \circ }) = \cos {18^ \circ }\)
\( \Rightarrow \cos {18^ \circ } = \cos (b – {10^ \circ })\)
\( \Rightarrow {18^ \circ } = b – {10^ \circ } \Leftrightarrow b = {28^ \circ }\) (do \({0^ \circ } < b < {90^ \circ }\))
Do đó \(a + b = {62^ \circ } + {28^ \circ } = {90^ \circ }\)
Chọn B
Câu 15. Cho bất phương trình \(2(2x – 3y) – (2x – y + 5) > x – 3y + 1\). Điểm nào dưới đây thuộc miền nghiệm của hệ đã cho?
A. \(O(0;0)\) B. \(A(1;0)\). C. \(B(3; – 2)\). D. \(C(0;2)\)
Cách giải:
Ta có: \(2(2x – 3y) – (2x – y + 5) > x – 3y + 1\)
\(\begin{array}{l} \Leftrightarrow 4x – 6y – 2x + y – 5 – x + 3y – 1 > 0\\ \Leftrightarrow x – 2y – 6 > 0\end{array}\)
Thay tọa độ các điểm vào BPT:
+ Vì \(0 – 2.0 – 6 = – 6 < 0\) nên \(O(0;0)\) không thuộc miền nghiệm
+ Vì \(1 – 2.0 – 6 = – 5 < 0\) nên \(A(1;0)\) không thuộc miền nghiệm
+ Vì \(3 – 2.( – 2) – 6 = 1 > 0\) nên \(B(3; – 2)\) thuộc miền nghiệm
+ Vì \(0 – 2.2 – 6 = – 10 < 0\) nên \(C(0;2)\) không thuộc miền nghiệm
Chọn C
II. PHẦN TỰ LUẬN
Câu 1 (TH):
Hướng dẫn:
a) \(A \cap B = \{ x \in A|x \in B\} \)
b) \(A \cup B = \{ x|x \in A\) hoặc \(x \in B\} \)
c) \(A{\rm{\backslash }}B = \{ x \in A|x \notin B\} \)
Cách giải:
a) Biểu diễn hai tập \(( – \infty ;3)\) và \(( – 4; + \infty )\) trên trục số, ta được:
Giao của hai tập hợp: \(( – \infty ;3) \cap ( – 4; + \infty ) = ( – 4;3)\)
b) Biểu diễn hai tập \((1;6]\) và \(( – 2;5]\) trên trục số, ta được:
Hợp của hai tập hợp: \((1;6] \cup ( – 2;5] = ( – 2;6]\)
c) Biểu diễn hai tập \(( – 3;7]\) và \((1; + \infty )\) trên trục số, ta được:
Hiệu của hai tập hợp: \([ – 3;7){\rm{\backslash }}(1; + \infty ) = [ – 3;1]\)
d) Biểu diễn tập \(( – 1;8]\) trên trục số, ta được:
Hiệu của hai tập hợp: \(\mathbb{R}{\rm{\backslash }}( – 1;8] = ( – \infty ; – 1] \cup (8; + \infty )\)
Câu 2:
Nhà cô Minh có mảnh vườn rộng \(8{m^2}\). Cô dự định trồng cà chua và cải bắp trên toàn bộ mảnh vườn đó. Nếu trồng cà chua thì cần 20 công và thu được 300 nghìn đồng trên mỗi \({m^2}\). Nếu trồng cải bắp thì cần 30 công và thu được 400 nghìn đồng trên mỗi \({m^2}\). Hỏi cần cần trồng mỗi loại cây trên diện tích bao nhiêu để tthu được nhiều tiền nhất mà tổng số công không quá 180?
Cách giải:
Gọi diện tích trồng cà chua và cải bắp lần lượt là x, y (đơn vị: \({m^2}\)). \((x,y \ge 0)\)
Mảnh vườn rộng \(8{m^2}\) nên ta có: \(x + y \le 8\)
Khi trồng x \({m^2}\) cà chua thì cần \(20x\) công và thu được \(300x\) nghìn đồng
Khi trồng y \({m^2}\) cải bắp thì cần \(30x\) công và thu được \(400x\) nghìn đồng
Tổng số công không quá 180 nên ta có: \(20x + 30y \le 180\) hay \(2x + 3y \le 18\)
Tổng số tiền thu được là: \(F(x;y) = 300x + 400y\)
Ta có hệ bất phương trình: \(\left\{ \begin{array}{l}0 \le x \le 8\\0 \le y \le 8\\x + y \le 8\\2x + 3y \le 18\end{array} \right.\)
Biểu diễn miền nghiệm trên hệ trục Oxy, ta được:
Miền nghiệm là miền tứ giác ABCD (kể cả các cạnh) , trong đó \(A(0;6),B(6;2),C(8;0),O(0;0)\)
Lần lượt thay tọa độ các điểm A, B, C, D vào biểu thức \(F(x;y) = 300x + 400y\) ta được:
\(\begin{array}{l}F(0;0) = 300.0 + 400.0 = 0\\F(0;6) = 300.0 + 400.6 = 2400\\F(2;6) = 300.2 + 400.6 = 3000\\F(8;0) = 300.8 + 400.0 = 2400\end{array}\)
Do đó F đạt giá trị lớn nhất bằng 3000 tại \(x = 2;y = 6\)
Vậy cô Minh cần mua trồng \(2{m^2}\) cà chua và \(6{m^2}\) cải bắp.
Câu 3:
Hướng dẫn:
a) Áp dụng hệ quả của định lí cosin: \(\cos B = \frac{{{a^2} + {c^2} – {b^2}}}{{2ac}};\cos C = \frac{{{a^2} + {b^2} – {c^2}}}{{2ab}}\)
b) Áp dụng các công thức tính diện tích:\(S = \frac{1}{2}a.{h_a} = \frac{{abc}}{{4R}}\)
Định lí sin: \(\frac{b}{{\sin B}} = \frac{c}{{\sin C}} = 2R\)
Cách giải:
a) Từ định lí cosin, ta suy ra:
\(\cos B = \frac{{{a^2} + {c^2} – {b^2}}}{{2ac}};\cos C = \frac{{{a^2} + {b^2} – {c^2}}}{{2ab}}\)
\(\begin{array}{l} \Rightarrow a(b.\cos C – c.\cos B) = ab.\cos C – ac.\cos B)\\ = ab.\frac{{{a^2} + {b^2} – {c^2}}}{{2ab}} – ac.\frac{{{a^2} + {c^2} – {b^2}}}{{2ac}}\\ = \frac{1}{2}\left( {{a^2} + {b^2} – {c^2}} \right) – \frac{1}{2}\left( {{a^2} + {c^2} – {b^2}} \right)\\ = \frac{1}{2}\left( {{a^2} + {b^2} – {c^2} – {a^2} – {c^2} + {b^2}} \right)\\ = \frac{1}{2}\left( {2{b^2} – 2{c^2}} \right) = {b^2} – {c^2}\end{array}\)
b) Ta có: \(S = \frac{1}{2}a.{h_a} \Rightarrow {h_a} = \frac{{2S}}{a}\)
Mà \(S = \frac{{abc}}{{4R}} \Rightarrow 2S = \frac{{abc}}{{2R}} \Rightarrow {h_a} = \frac{{bc}}{{2R}}\) (1)
Lại có: Theo định lí sin thì: \(\frac{b}{{\sin B}} = \frac{c}{{\sin C}} = 2R\)
\( \Rightarrow \sin B = \frac{b}{{2R}};\sin C = \frac{c}{{2R}}\)
\( \Rightarrow 2R\sin B\sin C = 2R.\frac{b}{{2R}}.\frac{c}{{2R}} = \frac{{bc}}{{2R}}\) (2)
Từ (1) và (2) suy ra \({h_a} = 2R\sin B\sin C\)
Câu 4:
Cách giải:
Đặt \(2u = \sin (a + b) = 2\cos (a – b)\)
Dễ thấy \(u \ne \pm 1\) do \(\left| {2u} \right| = \left| {\sin (a + b)} \right| \le 1\).
Ta có:
\(\begin{array}{l}M = \frac{1}{{2 – \sin 2a}} + \frac{1}{{2 – \sin 2b}} = \frac{{2 – \sin 2b + 2 – \sin 2a}}{{\left( {2 – \sin 2a} \right)\left( {2 – \sin 2b} \right)}}\\ = \frac{{4 – \left( {\sin 2a + \sin 2b} \right)}}{{4 – 2\sin 2a – 2\sin 2b + \sin 2a.\sin 2b}}\\ = \frac{{4 – \left( {\sin 2a + \sin 2b} \right)}}{{4 – 2(\sin 2a + \sin 2b) + \sin 2a.\sin 2b}}\end{array}\)
Mà:
\(\sin 2a + \sin 2b = 2\sin \frac{{2a + 2b}}{2}\cos \frac{{2a – 2b}}{2}\)\( = 2\sin \left( {a + b} \right)\cos \left( {a – b} \right) = 2.2u.u = 4{u^2}\);
\(\begin{array}{l}\sin 2a.\sin 2b = – \frac{1}{2}\left[ {\cos \left( {2a + 2b} \right) – \cos \left( {2a – 2b} \right)} \right]\\ = – \frac{1}{2}\left[ {1 – 2{{\sin }^2}(a + b) – 2{{\cos }^2}(a – b) + 1} \right]\\ = {\cos ^2}(a + b) + {\sin ^2}(a – b) – 1\\ = {u^2} + {(2u)^2} – 1 = 5{u^2} – 1\end{array}\)
\( \Rightarrow M = \frac{{4 – 4{u^2}}}{{4 – 2.4{u^2} + 5{u^2} – 1}} = \frac{{4 – 4{u^2}}}{{3 – 3{u^2}}} = \frac{4}{3}\)
Vậy \(M = \frac{4}{3}\) không phụ thuộc vào a,b.